同步发表于我的洛谷博客
这里
引入
题解
直接写一个粗暴的 DFS :
int n,t; int tcost[103],mget[103]; int ans = 0; void dfs( int pos , int tleft , int tans ){ if( tleft < 0 ) return; if( pos == n+1 ){ ans = max(ans,tans); return; } dfs(pos+1,tleft,tans); dfs(pos+1,tleft-tcost[pos],tans+mget[pos]); } int main(){ cin >> t >> n; for(int i = 1;i <= n;i++) cin >> tcost[i] >> mget[i]; dfs(1,t,0); cout << ans << endl; return 0; } \({\color{Red}30}\)分
尝试优化
不借助任何 "外部变量"(就是 dfs 函数外且 值随 dfs 运行而改变的变量 ), 比如 ans
把 ans 删了之后就有一个问题: 我们拿什么来记录答案?
答案很简单:
返回值!
此时 dfs(pos,tleft) 返回
在时间 tleft 内采集 后 pos 个草药, 能获得的最大收益
不理解就看看代码吧:
int n,time; int tcost[103],mget[103]; int dfs(int pos,int tleft){ if(pos == n+1) return 0; int dfs1,dfs2 = -INF; dfs1 = dfs(pos+1,tleft); if( tleft >= tcost[pos] ) dfs2 = dfs(pos+1,tleft-tcost[pos]) + mget[pos]; return max(dfs1,dfs2); } int main(){ cin >> time >> n; for(int i = 1;i <= n;i++) cin >> tcost[i] >> mget[i]; cout << dfs(1,time) << endl; return 0; } emmmmmm....... 还是 \({\color{Red}30}\)分
爆搜一无是处~
将所有 dfs 的返回值都记录下来,发现对于相同的 pos 和 tleft,dfs 的返回值总是相同的！
想一想也不奇怪, 因为此时的 dfs 没有依赖任何外部变量.
这就意味着，dfs重复做了很多次运算，浪费了很多时间。
为何这么说？
如图：
用递归的方法算斐波那契数列第五项（dfs主要思想就是递归），不优化的过程如下
可以看出f[3]被重复计算了两次。
这只是第五项而已，如果是第一千项呢？时间极其浪费；
so，如何优化？
记忆化搜索
继续采药
开个数组 mem , 记录下来每个 dfs(pos,tleft) 的返回值. 刚开始把 mem 中每个值都设成 −1 (代表没访问过). 每次刚刚进入一个 dfs 前(我们的 dfs 是递归调用的嘛), 都检测 mem[pos][tleft] 是否为 −1 , 如果是就正常执行并把答案记录到 mem 中, 否则直接返回 mem 中的值!
int n,t; int tcost[103],mget[103]; int mem[103][1003]; int dfs(int pos,int tleft){ if( mem[pos][tleft] != -1 ) return mem[pos][tleft]; if(pos == n+1) return mem[pos][tleft] = 0; int dfs1,dfs2 = -INF; dfs1 = dfs(pos+1,tleft); if( tleft >= tcost[pos] ) dfs2 = dfs(pos+1,tleft-tcost[pos]) + mget[pos]; return mem[pos][tleft] = max(dfs1,dfs2); } int main(){ memset(mem,-1,sizeof(mem)); cin >> t >> n; for(int i = 1;i <= n;i++) cin >> tcost[i] >> mget[i]; cout << dfs(1,t) << endl; return 0; } 此时 mem 的意义与 dfs 相同:
在时间 tleft 内采集 后 pos 个草药, 能获得的最大收益
这能 ac?
当然能. 这就是 "采药" 那题的 AC 代码（毕竟数据较弱，你懂得）
不过，本题正解是01背包
好了我们终于搞出了记忆化搜索
总结一下记忆化搜索是啥:
不依赖任何 外部变量
答案以返回值的形式存在, 而不能以参数的形式存在(就是不能将 dfs 定义成 dfs(pos,tleft,nowans) , 这里面的 nowans 不符合要求).
对于相同一组参数, dfs 返回值总是相同的
记忆化搜索与动态规划的关系:（分析
基本是好朋（基）友关系
其实说白了，记忆化搜索就是dp
不信你看 mem 的意义:
在时间 tleft 内采集 后 pos 个草药, 能获得的最大收益
这不就是dp的状态?
由上面的代码中可以看出:
dfs(pos,left)=max(dfs(pos+1,tleft−tcost[pos])+mget[pos] ,
dfs(pos+1,tleft))
即为
mem[pos][tleft]=max(mem[pos+1][tleft−tcost[pos]]+mget[pos] , mem[pos+1][tleft])
这不就是dp的状态转移?
总结一下：
记忆化搜索和动态规划从根本上来讲就是一个东西,(印象中)任何一个 dp 方程都能转为记忆化搜索 ，反之亦然
因为：
根据记忆化搜索的参数可以直接得到dp的状态，反之亦然
根据记忆化搜索的递归关系可以写出状态转移方程，这个方程可以直接写出循环式的dp，只不过是反的(想想为什么？)，反之亦然
大部分记忆化搜索时空复杂度与 不加优化的 dp 完全相同
最重要的一点：二者思想类似！！
核心思想均为：利用对于相同参数答案相同的特性，对于相同的参数（循环式的dp体现为数组下标），记录其答案，免去重复计算，从而起到优化时间复杂度的作用。这，便是二者的精髓。
建议好好想想第四条。记住，学一个算法，一定要理解他的精髓。
举个栗子:
dp[i][j][k]=dp[i+1][j+1][k−a[j]]+dp[i+1][j][k]
转为
int dfs( int i , int j , int k ){ 边界条件 if( mem[i][j][k] != -1 ) return mem[i][j][k]; return mem[i][j][k] = dfs(i+1,j+1,k-a[j]) + dfs(i+1,j,k); } int main(){ memset(mem,-1,sizeof(mem)); 读入 cout << dfs(1,0,0) << endl; } 二者满足上面提到的所有关系
如何写记忆化搜索
方法I（由动态规划开始思考）:
把这道题的dp状态和方程写出来
根据他们写出dfs函数
添加记忆化数组
举例:
dp[i]=max{dp[j]+1}1≤j<i且a[j]<a[i] (最长上升子序列)
转为
int dfs( int i ){ if( mem[i] != -1 ) return mem[i]; int ret = 1; for( int j = 1 ; j < i ; j++ ) if( a[j] < a[i] ) ret = max(ret,dfs(j)+1); return mem[i] = ret; } int main(){ memset(mem,-1,sizeof(mem)); 读入 cout << dfs(n) << endl; } 方法II（由暴搜开始思考）:
写出这道题的暴搜程序(最好是dfs)
将这个dfs改成"无需外部变量"的dfs
添加记忆化数组
举例: 本文最开始介绍"什么是记忆化搜索"时举的"采药"那题的例子，就是典型的方法II
记忆化搜索的优缺点
优点:
记忆化搜索可以避免搜到无用状态, 特别是在有状态压缩时
举例: 给你一个有向图(注意不是完全图),经过每条边都有花费,求从点1出发,经过每个点恰好一次后的最小花费(最后不用回到起点),保证路径存在.
dp状态很显然:
设 dp[pos][mask] 表示身处在 pos 处,走过 mask (mask为一个二进制数) 中的顶点后的最小花费
常规 dp 的状态为 O(n⋅2n) , 转移复杂度(所有的加在一起)为 O(m)
但是!
如果我们用记忆化搜索,就可以避免到很多无用的状态,比如 pos 为起点却已经经过了 >1 个点的情况.
然后就 rk1 了
不需要注意转移顺序(这里的"转移顺序"指正常dp中for循环的嵌套顺序以及循环变量是递增还是递减)
举例: 用常规 dp 写"合并石子"需要先枚举区间长度然后枚举起点,但记忆化搜索直接枚举断点(就是枚举当前区间由哪两个区间合并而成)然后递归下去就行
边界情况非常好处理, 且能有效防止数组访问越界
写起来简单易懂 至少我这么认为
有些 dp(如区间 dp)用记忆化搜索写很简单但正常 dp 很难
记忆化搜索天生携带搜索天赋,可以使用技能"剪枝"!
缺点:
有些优化比较难加
由于递归, 有时效率较低但不至于 TLE (状压dp除外)
（so，dp万岁）
代码有点长
其实也不算太长
记忆化搜索的注意事项
千万别忘了加记忆化! (别笑, 认真的
边界条件要加在检查当前数组值是否为 - 1 前(防止越界)
数组不要开小了(逃
部分引用自洛谷日报第82期