且说上一周的故事里，小Hi和小Ho费劲心思终于拿到了茫茫多的奖券！而现在，终于到了小Ho领取奖励的时刻了！
小Ho现在手上有M张奖券，而奖品区有N件奖品，分别标号为1到N，其中第i件奖品需要need(i)张奖券进行兑换，同时也只能兑换一次，为了使得辛苦得到的奖券不白白浪费，小Ho给每件奖品都评了分，其中第i件奖品的评分值为value(i),表示他对这件奖品的喜好值。现在他想知道，凭借他手上的这些奖券，可以换到哪些奖品，使得这些奖品的喜好值之和能够最大。
Input每个测试点（输入文件）有且仅有一组测试数据。
每组测试数据的第一行为两个正整数N和M,表示奖品的个数，以及小Ho手中的奖券数。
接下来的n行描述每一行描述一个奖品，其中第i行为两个整数need(i)和value(i)，意义如前文所述。
测试数据保证
对于100%的数据，N的值不超过500，M的值不超过10^5
对于100%的数据，need(i)不超过2*10^5, value(i)不超过10^3
Sample Input
5 1000 144 990 487 436 210 673 567 58 1056 897
Sample Output
2099Output
对于每组测试数据，输出一个整数Ans，表示小Ho可以获得的总喜好值。
#include <iostream> #include <iostream> #include<cstdio> #include<string> #include<cstring> #include<algorithm> #include <stdio.h> #include <string.h> #include <vector> #include <set> using namespace std; int v[509] , w[509] , dp[509][100009]; //一开始数组一维和二维数组都很大结果ML。 // 后来大二维数组小了结果wa了。 int main() { int n , bag ; while(cin >> n >> bag) { memset(dp , 0 , sizeof(dp)); //初始化为0 //memset(v , 0 , sizeof(v)); //memset(w , 0 , sizeof(w)); for(int i = 1 ; i <= n ; i++) { cin >> w[i] >> v[i]; } for(int i = 1 ; i <= n ; i++) { for(int j = 1 ; j <= bag ; j++) { if(j >= w[i]) // 当背包容量满足该商品的体积 { //注意dp数组超边界 dp[i][j] = max(dp[i - 1][j] , dp[i - 1][j - w[i]] + v[i]);//不取该商品和取该商品的价值最大值 } else dp[i][j] = dp[i - 1][j] ; // 背包容积小于该商品的体积，只能取上一物品的最大价值 } } cout << dp[n][bag] << endl ; } return 0; }