题意：
对给定字符串\(s\)，求其第\(k\)小子串，重复串被计入以及不被计入这两种情况都需考虑。
思路：
首先构建后缀自动机，之后就考虑在后缀自动机上\(dp\)。
我们知道如果要考虑重复串，那么就会与一个结点的\(endpos\)集合的大小有关，对于一条边\((u,v)\)，如果结点\(u\)的\(endpos\)集合大小为\(x\)，那么就说明从\(u\)出发到达\(v\)，会多出\(x\)种选择。
如果不考虑重复串，直接强制集合大小为\(1\)即可。
之后逆着拓扑序\(dp\)就行，求出从每个结点出发的子串个数。
最后求第\(k\)小的时候，有一些细节需要注意一下，比如从\(u\)到\(v\)，\(k\)应该减去\(|endpos(v)|\)，因为现在的字符串会有\(|endpos(v)|\)个。
感觉后缀自动机好神奇...好多的性质以及用法...
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 1e6 + 5;
struct node{
int ch[26];
int len, fa;
node(){memset(ch, 0, sizeof(ch)), len = 0;}
}dian[N];
int last = 1, tot = 1;
ll f[N], sum[N];
int n, k, op;
char s[N];
int c[N], a[N];
void add(int c) {
int p = last;
int np = last = ++tot;
dian[np].len = dian[p].len + 1;
f[np] = 1;
for(; p && !dian[p].ch[c]; p = dian[p].fa) dian[p].ch[c] = np;
if(!p) dian[np].fa = 1;
else {
int q = dian[p].ch[c];
if(dian[q].len == dian[p].len + 1) dian[np].fa = q;
else {
int nq = ++tot; dian[nq] = dian[q];
dian[nq].len = dian[p].len + 1;
dian[q].fa = dian[np].fa = nq;
for(; p && dian[p].ch[c] == q; p = dian[p].fa) dian[p].ch[c] = nq;
}
}
}
void dfs(int u) {
if(k <= 0) return;
for(int i = 0; i < 26; i++) {
int v = dian[u].ch[i];
if(k > sum[v]) k -= sum[v];
else {
cout << char(i + 'a');
k -= f[v];
dfs(v);
return;
}
}
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0);
cin >> s + 1 >> op >> k;
int n = strlen(s + 1);
for(int i = 1; i <= n; i++) add(s[i] - 'a');
for(int i = 1; i <= tot; i++) c[dian[i].len]++;
for(int i = 1; i <= tot; i++) c[i] += c[i - 1];
for(int i = 1; i <= tot; i++) a[c[dian[i].len]--] = i;
for(int i = tot; i; i--) {
if(op) f[dian[a[i]].fa] += f[a[i]];
else f[a[i]] = 1;
}
f[1] = 0;
//长度从大到小，逆着拓扑序
//每个结点的next指针指向的点长度肯定不小于它
for(int i = tot; i >= 1; i--) {
sum[a[i]] = f[a[i]];
for(int j = 0; j < 26; j++) {
int v = dian[a[i]].ch[j];
if(v) sum[a[i]] += sum[v];
}
}
if(sum[1] < k) cout << -1;
else dfs(1);
return 0;
}