题目大意：
每一头牛的愿望就是变成一头最受欢迎的牛。现在有N头牛，给你M对整数(A,B)，表示牛A认为牛B受欢迎。 这
种关系是具有传递性的，如果A认为B受欢迎，B认为C受欢迎，那么牛A也认为牛C受欢迎。你的任务是求出有多少头
牛被所有的牛认为是受欢迎的。
先用tarjan求出每个强连通分量，再缩点，统计每个点的出度，如果有且只有1个出度为0的点，就输出这个点包含的节点数，否则输出0.
证明：
如果有强连通分量被孤立（即和其他强连通分量无边相连），那么答案一定是0，此时由于缩点后是一个DAG图，出度为0的点的个数一定大于1.
如果没有点被孤立，当出度为0的点多于1个时，由DAG图的性质可得，一定不存在一个点能从其他所有点到达。只有当出度为0的点的个数等于1时，这个出度为0的点才能被其他所有点到达。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define cls(s,h) memset(s,h,sizeof s)
const int maxn = 1e5 + 7;
int n , m ;
int tot;
struct edge
{
int to,from,nxt;
}e[maxn << 1];
int head[maxn];
void add_edge(int u , int v ){
e[tot].from = u ;
e[tot].to = v;
e[tot].nxt = head[u];
head[u] = tot++;
}
int stack[maxn << 1],low[maxn << 1],dfn[maxn << 1];
int scc,sz[maxn << 1],c[maxn << 1],st,num;
void init(){
cls(head,-1);
cls(e,0);
cls(sz,0);
scc = 0;
st = 0;
}
void tanjan(int u){
stack[++st] = u;
dfn[u] = low[u] = ++ num;
for(int i = head[u],v; ~i ;i = e[i].nxt){
if(c[v = e[i].to]) continue;
if(dfn[v]) low[u] = min(low[u],dfn[v]);
else tanjan(v),low[u] = min(low[u],low[v]);
}
if(low[u] == dfn[u]){
c[u] = ++ scc; sz[scc] = 1;
while(st && u != stack[st])
//SCC number and the scc ge SCC
c[stack[st--]] = scc,sz[scc] ++;
st--;
}
}
int out[maxn << 1];
int main(int argc, char const *argv[])
{
init();
scanf("%d %d",&n,&m);
for(int i = 1,u,v;i <= m ;i ++)
scanf("%d %d",&u,&v),add_edge(u,v);
for(int i = 1;i <= n;i ++)
if(!dfn[i]) tanjan(i);
for(int i = 0;i < tot;i ++)
if(c[e[i].from] != c[e[i].to]) out[c[e[i].from]] ++;
int ans = 0;
for(int i = 1;i <= scc;i ++)
if(!out[i]) ans = ans ? -1: i;
if(~ans) ans = sz[ans];
else ans = 0;
printf("%d\n", ans);
return 0;
}