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A(贪心)
略
B(贪心+栈)
略
C(manacher+后缀数组)
分析：
考虑枚举字符串的对称轴在哪
容易发现我们希望从对称轴开始尽可能向两边扩展成为回文串，在不能再扩展的位置就是我们的分割线，然后我们求分割线位置对应两个串的lcp即可（后缀数组实现）
所以可以先manacher跑出p[i]表示以i为中心向两边扩展的最大长度，然后将S1倒序接在S2后面做后缀数组求lcp即可
注意回文串的中心可以在S1也可以在S2中，所以要做两次
事实上，可以直接用后缀数组得到p[i]，不需要额外跑manacher
时间复杂度O(nlogn)
D(模拟)
略
E(莫队算法+分块)
分析：
以为要莫队算法+平衡树，但实际上可以用分块来代替平衡树
我们把所有可能的出现次数(即1~n)分块，每一块标记出里面"出现次数"的个数，于是每次询问就可以在O(sqrt(n))时间内找到k1对应的“出现次数”
对于每个出现次数，对里面的数字进行分块，也是同样处理，找到k2对应的数字
时间复杂度O(nsqrt(n)+msqrt(n))
F(莫队算法+分块+快速幂分块套路)
分析：
对于一个询问我们可以计算每个数字的贡献，假设数字x出现了y次，那么我们发现就是个等比数列求和，求和后结果就是$x*(2^{r-l+1}-2^{r-l+1-y})$
第一反应就是直接莫队算法维护就行了，但这题每个询问之间模数不同，所以不能直接维护ans
把那个贡献拆成两部分$x2^{r-l+1}$,$x2^{r-l+1-y}$
对于第一部分很好维护，我们只需要维护目前所有出现过的数字的和就行了
对于第二部分，我们很自然的想到按照y对他们分类计算，我们不要记录答案，我们去记录2的指数
因为y出现的个数一定是sqrt(n)级别的，所以这是ok的，只需要每次维护的时候用链表来维护出现过的次数就行了
这样的话维护是O(nsqrt(n))的，询问是O(msqrt(n)logA)的，其中logA是快速幂的复杂度
然而恰恰就是快速幂这里超时，这里要用题解的一个套路来把log去掉
比如现在在区间[1,n]里挑比较多的数字x，你需要求每个2^x % p的结果，一般的做法就是每个询问都去跑log的快速幂
但我们可以对x的值域进行分块[1..sqrt(n)] [sqrt(n)+1..2*sqrt(n)] [2*sqrt(n)+1,3*sqrt(n)] ....... 一共sqrt(n)块
我们预处理出x=1,2,3,...,sqrt(n)时，2^x %p 的值
我们预处理出x=sqrt(n),2*sqrt(n),3*sqrt(n)...,sqrt(n)*sqrt(n)时，2^x%p的值
现在我们要求2^x的值，只需要找到x所在的这个块，然后将x所在块前面的整段的值乘上x在当前块中的排名的对应值就行了，这是O(1)的
于是这道题时间复杂度就是O(nsqrt(n)+msqrt(n))的了，就能过了
来源：oschina
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