引入
一个长度为\(n\)的数组，有\(m\)次查询，每次查询区间\([l,r]\)内第\(k\)小的元素。
如果使用暴力，肯定不可以
使用线段树？可是我只会查询区间最值啊。
那么我们把问题再次简化一下，查询\([1,n]\)第\(k\)小的元素，要求使用线段树来实现。
权值线段树
为了解决这个问题，我们引入一个名词:权值线段树。那么权值线段树是如何解决上面那个问题的呢？
首先，我们对数组进行离散化处理，离散成为\([1,n]\)，然后我们建一颗线段树，线段树的节点存放的即为对应区间的数的个数。
比如数组\(a={3,3,2,2}\),经过离散化后变为\(2,2,1,1\)。
对应的线段树即为：
建好线段树之后我们如何求解第\(k\)小元素呢？我们从根节点出发，看下它的左儿子的元素个数是否超过了\(k\)，如果超过了\(k\)，那么第\(k\)小一定是左儿子的第\(k\)小，我们直接去访问左儿子，否则，假设左儿子的节点为\(num\)，那么第\(k\)小一定是右儿子的第\(k-num\)小，我们去访问右儿子，直到递归终止，我们便找到了第\(k\)小元素。
主席树
当我们解决了上一个问题，我们这样考虑：
每输入一个数字\(a_i\)，就建一棵\([1,i]\)的权值线段树，那么如果要查询\([l,r]\)的区间第\(k\)小，直接让这两棵权值线段树做差，然后进行我们上面设计的算法，问题不久迎刃而解了吗？
但是，每建一棵树，这样\(n\)棵树的空间会达到\(O(n^2)\)的级别，空间是无法承受的。我们这样想，假设你输入了\(a_i\)，并且你已经建好了\(a_{i-1}\)的线段树，是不是\(a_i\)和\(a_{i-1}\)的线段树只会有\(log\)级别的点是不同的，剩下的大部分都是完全一致的。利用这个性质，我们不再开辟新的线段树，而是先把\(a_i\)会改变掉的节点复制一份，然后对复制的节点进行修改，连接到上次构建好的线段树上，这样我们只用了\(log\)的空间。最终我们构造的这棵树就叫主席树（其实已经不是一棵树了）。点的个数最多为\(O(nlog(n))\)。
建立过程
对于数组\(a:3,3,2,2\)建立主席树:
第一步：离散化为\(2,2,1,1\)
第二步：输入\(2\)，构造权值线段树
第三步：输入2
第四步:输入1
第五步:输入1
这样我们就构造了一个主席树（有点丑），然后对于要查询的区间\([l,r]\)，我们只需要从他们各自的"根"出发，递归做差寻找第\(k\)大即可。图中四个根分别为\(1,4,7,10\)。
代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll N = 5e5+100;
vector<ll> v;
ll a[N],roots[N],cnt;
struct node{
ll l,r,num;
}T[N*25];
void update(ll l,ll r,ll &x,ll y,ll pos){
T[++cnt]=T[y];T[cnt].num++;x=cnt;//复制节点并且更新
if(l==r) return ;
ll mid=(l+r)>>1;
if(mid>=pos) update(l,mid,T[x].l,T[y].l,pos);
else update(mid+1,r,T[x].r,T[y].r,pos);
}
ll query(ll l,ll r,ll x,ll y,ll k){
if(l==r) return l;
ll sum=T[T[y].l].num-T[T[x].l].num;
ll mid=(l+r)>>1;
if(sum>=k) return query(l,mid,T[x].l,T[y].l,k);//第$k$小在左子树
else return query(mid+1,r,T[x].r,T[y].r,k-sum);//在右子树
}
ll getid(ll x){
return lower_bound(v.begin(),v.end(),x)-v.begin()+1;
}
int main(){
cnt=0;
ll n,m;
scanf("%lld%lld",&n,&m);
for(ll i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]),v.push_back(a[i]);
sort(v.begin(),v.end());
v.erase(unique(v.begin(),v.end()),v.end());//离散化
for(ll i=1;i<=n;i++) update(1,n,roots[i],roots[i-1],getid(a[i]));
while(m--){
ll l,r,k;
scanf("%lld %lld %lld",&l,&r,&k);
printf("%lld\n",v[query(1,n,roots[l-1],roots[r],k)-1]);
}
return 0;
}
来源：https://www.cnblogs.com/codancer/p/12232401.html