题意：N座高楼，高度均不同且为1~N中的数，从前向后看能看到F个，从后向前看能看到B个，问有多少种可能的排列数。
0 < N, F, B <= 2000
首先我们知道一个结论：n的环排列的个数与n-1个元素的排列的个数相等，因为P(n,n)/n=(n-1)!。
可以肯定，无论从最左边还是从最右边看，最高的那个楼一定是可以看到的.
假设最高的楼的位置固定，最高楼的编号为n，那么我们为了满足条件，可以在楼n的左边分x-1组，右边分y-1组，且用每
组最高的那个元素代表这一组，那么楼n的左边，从左到右，组与组之间最高的元素一定是单调递增的，且每组中的最高元
素一定排在该组的最左边，每组中的其它元素可以任意排列（相当于这个组中所有元素的环排列）。右边反之亦然。
然后，可以这样考虑这个问题，最高的那个楼左边一定有x-1个组，右边一定有y-1个组，且每组是一个环排列，这就引出
了第一类Stirling数（n个人分成k组，每组内再按特定顺序围圈的分组方法的数目）。
我们可以先把n-1个元素分成x-1+y-1组，然后每组内部做环排列。再在所有组中选取x-1组放到楼n的左边。所以答案是
ans(n, f, b) = C[f + b - 2][f - 1] * S[n - 1][f + b - 2];
#include <iostream>
#include <string.h>
#include <stdio.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N=2005;
const LL MOD=1000000007;
LL C[N][N];
LL S[N][N];
void Init()
{
int i,j;
for(i=0;i<N;i++)
{
C[i][0]=1;
C[i][i]=1;
S[i][0]=0;
S[i][i]=1;
for(j=1;j<i;j++)
{
C[i][j]=(C[i-1][j]%MOD+C[i-1][j-1]%MOD)%MOD;
S[i][j]=((i-1)%MOD*S[i-1][j]%MOD+S[i-1][j-1]%MOD);
}
}
}
int main()
{
LL t,n,f,b,ans;
Init();
scanf("%I64d",&t);
while(t--)
{
scanf("%I64d%I64d%I64d",&n,&f,&b);
ans=C[f+b-2][f-1]%MOD*S[n-1][f+b-2]%MOD;
printf("%I64d\n",ans);
}
return 0;
}
原文链接：https://blog.csdn.net/ACdreamers/article/details/9732431